https://leetcode-cn.com/problems/number-of-longest-increasing-subsequence/
给定一个未排序的整数数组，找到最长递增子序列的个数。
示例 1:
输入: [1,3,5,4,7]
输出: 2
解释: 有两个最长递增子序列，分别是 [1, 3, 4, 7] 和[1, 3, 5, 7]。
示例 2:
输入: [2,2,2,2,2]
输出: 5
解释: 最长递增子序列的长度是1，并且存在5个子序列的长度为1，因此输出5。
注意: 给定的数组长度不超过 2000 并且结果一定是32位有符号整数。
- 动态规划
- 暂无
这道题其实就是**最长上升子序列（LIS）**的变种题。如果对 LIS 不了解的可以先看下我之前写的一篇文章穿上衣服我就不认识你了？来聊聊最长上升子序列，里面将这种题目的套路讲得很清楚了。
回到这道题。题目让我们求最长递增子序列的个数，而不是通常的最长递增子序列的长度。 因此我想到使用另外一个变量记录最长递增子序列的个数信息即可。类似的套路有股票问题，这种问题的套路在于只是单独存储一个状态以无法满足条件，对于这道题来说，我们存储的单一状态就是最长递增子序列的长度。那么一个自然的想法是不存储最长递增子序列的长度，而是仅存储最长递增子序列的个数可以么？这是不可以的，因为最长递增子序列的个数 隐式地条件是你要先找到最长的递增子序列才行。
如何存储两个状态呢？一般有两种方式：
- 二维数组 dp[i][0] 第一个状态 dp[i][1] 第二个状态
- dp1[i] 第一个状态 dp2[i] 第二个状态
使用哪个都可以，空间复杂度也是一样的，使用哪种看你自己。这里我们使用第一种，并且 dp[i][0] 表示 以 nums[i] 结尾的最长上升子序列的长度，dp[i][1] 表示 以 nums[i] 结尾的长度为 dp[i][0] 的子序列的个数。
明确了要多存储一个状态之后，我们来看下状态如何转移。
LIS 的一般过程是这样的：
for i in range(n):
for j in range(i + 1, n):
if nums[j] > nums[i]:
# ...这道题也是类似，遍历到 nums[j] 的时候往前遍历所有的 满足 i < j 的 i。
- 如果 nums[j] <= nums[i]， nums[j] 无法和前面任何的序列拼接成递增子序列
- 否则说明我们可以拼接。但是拼接与否取决于拼接之后会不会更长。如果更长了就拼，否则不拼。
上面是 LIS 的常规思路，下面我们加一点逻辑。
- 如果拼接后的序列更长，那么 dp[j][1] = dp[i][1] （这点容易忽略）
- 如果拼接之后序列一样长， 那么 dp[j][1] += dp[i][1]。
- 如果拼接之后变短了，则不应该拼接。
- 最长上升子序列问题
- dp[j][1] = dp[i][1] 容易忘记
代码支持: Python
class Solution:
def findNumberOfLIS(self, nums: List[int]) -> int:
n = len(nums)
# dp[i][0] -> LIS
# dp[i][1] -> NumberOfLIS
dp = [[1, 1] for i in range(n)]
ans = [1, 1]
longest = 1
for i in range(n):
for j in range(i + 1, n):
if nums[j] > nums[i]:
if dp[i][0] + 1 > dp[j][0]:
dp[j][0] = dp[i][0] + 1
# 下面这行代码容易忘记，导致出错
dp[j][1] = dp[i][1]
longest = max(longest, dp[j][0])
elif dp[i][0] + 1 == dp[j][0]:
dp[j][1] += dp[i][1]
return sum(dp[i][1] for i in range(n) if dp[i][0] == longest)复杂度分析
令 N 为数组长度。
- 时间复杂度：$O(N^2)$
- 空间复杂度：$O(N)$
这道题也可以使用线段树来解决，并且性能更好，不过由于不算是常规解法，因此不再这里展开，感兴趣的同学可以尝试一下。
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